Решение уравнений вида ax b mod m

Главная > Решение

1. Наибольший общий делитель. Наименьшее общее кратное. Методы вычисления, свойства.

2. Расширенный алгоритм Евклида. Описание алгоритма. Примеры.

3. Линейные сравнения. Алгоритм решения линейных сравнений вида ax = b (mod n ).

4. Диофантовы уравнения. Решение уравнения ax + by = c в целых неотрицательных числах. Теорема о существовании решения.

5. Обработка строк. Библиотека . Длина строки. Конкатенация и копирование строк. Ввод-вывод строк при помощи функций gets и puts.

Видео:Решение линейных сравнений ax≡b(mod m). Часть 1. (a, m)=1Скачать

http://acm.uva.es/problemset : 10104 (Задача Евклида), 10407 (Простое деление), 10548 (Найти правильный размен), 10673 (Игра с округлением вниз и вверх), 10717 (Монетный завод).

1. НАИБОЛЬШИЙ ОБЩИЙ ДЕЛИТЕЛЬ. НАИМЕНЬШЕЕ ОБЩЕЕ КРАТНОЕ

Определение 1.1. Наибольшим общим делителем (далее НОД) двух целых чисел a и b , одновременно не равных нулю, называется такое наибольшее целое число d , на которое a и b делятся без остатка. Этот факт обозначается так: d = НОД( a , b ). Если оба числа равны нулю, то положим НОД(0, 0) = 0.

Исходя из определения, имеют место следующие равенства:

НОД( a , b ) = НОД( b , a ),

НОД( a , b ) = НОД(- a , b )

Определение 1.2. Наименьшим общим кратным (далее НОК) двух целых чисел a и b называется наименьшее общее положительное целое число, кратное как a так и b .

Основная теорема арифметики утверждает, что любое натуральное число можно представить в виде произведения простых чисел:

n = =

Из канонического разложения следует, что

НОД( a , b ) =

НОК( a , b ) =

Пример 1.1. Рассмотрим числа a = 24, b = 18. Разложим их на простые множители: 24 = 2 3 * 3, 18 = 2 * 3 2 . Следовательно

НОД(24, 18) = 2 min(3,1) * 3 min(1,2) = 2 1 * 3 1 = 6,

НОК(24, 18) = 2 max(3,1) * 3 max(1,2) = 2 3 * 3 2 = 8 * 9 = 72

Если НОД( a , b ) = d , то a и b делятся на d . Следовательно их разница a – b также делится на d . Имеет место следующее рекурсивное соотношение для вычисления НОД, известное как алгоритм Евклида :

НОД( a , b ) =

Пример 1.2. Пусть a = 32, b = 12. Тогда

НОД(32, 12) = НОД(32 – 12, 12) = НОД(20, 12) = НОД(20 – 12, 12) = НОД(8, 12) =

НОД(8, 12 – 8) = НОД(8, 4) = НОД(8 – 4, 4) = НОД(4, 4) = НОД(4 – 4, 4) = НОД(0, 4) = 4

Приведенный метод вычисления не является оптимальным. Например, для нахождения НОД(100, 2) следует выполнить 50 операций вычитания. Для ускорения вычисления НОД операцию вычитания следует заменить операцией взятия остатка от деления:

НОД( a , b ) =

Пример 1.3. Пусть a = 78, b = 14. Тогда

НОД(78, 14) = НОД(78 mod 14, 14) = НОД(8, 14) = НОД(8, 14 mod 8) = НОД(8, 6) =

НОД(8 mod 6, 6) = НОД(2, 6) = НОД(2, 6 mod 2) = НОД(2, 0) = 2

Упростим приведенную выше рекуррентность:

НОД( a , b ) =

Если a b , то НОД( a , b ) = НОД( b , a mod b ) = НОД( b , a ), то есть аргументы функции переставляются. Далее при рекурсивных вызовах первый аргумент всегда больше второго. Нулем может стать только второй аргумент b .

Используя тернарный оператор, функцию gcd ( Greater Common Divisor ) вычисления НОД можно записать в виде:

int gcd(int a, int b)

return (!b) ? a : gcd(b,a % b);

Пример 1.4. Пусть a = 14, b = 78. Тогда

НОД(14, 78) = НОД(78, 14) = НОД(14, 8) = НОД(8, 6) = НОД(6, 2) = НОД(2, 0) = 2

Бинарный алгоритм вычисления НОД имеет вид:

НОД(2* a , 2* b ) = 2*НОД( a , b ), если a и b четно

НОД(2* a , b ) = НОД( a , b ), если a четно, b нечетно

НОД( a , 2* b ) = НОД( a , b ), если a нечетно, b четно

НОД( a , b ) = НОД( a – b , b ), если a нечетно, b нечетно, a > b

НОД( a , b ) = НОД( a , b – a ), если a нечетно, b нечетно, a  b

Теорема 1.1. Между НОД и НОК двух чисел имеет место соотношение:

a * b = НОД( a , b ) * НОК( a , b )

Функция lcm ( Lowest Common Multiple ) вычисления НОК имеет вид:

int lcm(int a, int b)

return a * b / gcd(a,b);

Заметим, что при вычислении выражения a * b / gcd( a , b ) может возникнуть переполнение, а при a / gcd( a , b ) * b нет. Здесь подразумевается, что значения a , b и lcm( a , b ) лежат в границах типа int.

Упражнение 1.1. [Вальядолид, 10407]. Простое деление. При делении числа n на d получается частное q и остаток r . При этом q – максимально возможное целое, для которого qd  n , а r = n – qd . Для любого множества целых чисел всегда существует такое d , что числа a i mod d равны.

Вход. Каждая строка является отдельным тестом и содержит последовательность чисел a 1 , …, a k , заканчивающуюся нулем. Последний ноль не принадлежит самой последовательности. Последовательность содержит не менее 2 и не более 1000 чисел. Не все числа в последовательности равны между собой. Признаком конца входных данных является строка с одним нулем.

Выход. Для каждой входной последовательности a 1 , …, a k найти максимальное d , для которого при делении a i на d будут получаться равные остатки.

701 1059 1417 2312 0

14 23 17 32 122 0

14 -22 17 -31 -124 0

Упражнение 1.2. [Вальядолид, 10717]. Монетный завод. Канадский королевский завод производит столы, ножки которых составляют из куп монет. Каждый стол имеет четыре ножки, а каждая ножка должна состоять из разных типов монет. Например, одна ножка может состоять из четвертушек, другая – из десяток, третья – из одноцентовых, а четвертая – из двухцентовых монет. Имеется конечное количество типов монет. Количество монет каждого типа неограниченно. Известна толщина каждого типа монет. Необходимо определить максимально возможную высоту стола, не большую заданной величины и минимально возможную высоту стола, не меньшую заданной величины.

Вход. Состоит из нескольких тестов. Первая строка каждого теста содержит количество доступных номиналов монет n (4  n  50) и количество столов T (1  T  10), которое следует сделать. Следующие n строк характеризуют толщину монет. Далее идут T строк, описывающих желаемые высоты столов, которые следует сконструировать. Последний тест содержит n = T = 0 и не обрабатывается.

Выход. Для каждого теста вывести максимально возможную высоту стола, не большую желаемой и минимально возможную высоту стола, не меньшую желаемой.

2. РАСШИРЕННЫЙ АЛГОРИТМ ЕВКЛИДА

Алгоритм Евклида можно расширить для нахождения по заданным a и b таких целых x и y , что ax + by = d , где d – наибольший общий делитель a и b .

Лемма. Пусть для положительных целых чисел a и b ( a > b ) известны d = НОД( a , b ) = НОД( b , a mod b ), а также числа x ’ и y ’, для которых

d = x ’ * b + y ’ * ( a mod b )

Тогда значения x и y , являющиеся решениями уравнения ax + by = d , находятся из соотношений

x = y ’, y = x ’ – y ’ *

Через здесь обозначена целая часть числа x .

Доказательство. Поскольку a mod b = a – * b , то

d = x ’ * b + y ’ * ( a – * b ) = y ’ * a + ( x ’ – y ’ * ) * b = x * a + y * b ,

где обозначено x = y ’, y = x ’ – y ’ * .

Функция gcdext(int a , int b , int * d , int * x , int * y ), приведенная ниже, по входным числам a и b находит d = НОД( a , b ) и такие x , y что d = a * x + b * y . Для поиска неизвестных x и y необходимо рекурсивно запустить функцию gcdext( b , a mod b , d , x , y ) и пересчитать значения x и y по выше приведенной формуле. Рекурсия заканчивается, когда b = 0. При b = 0 НОД( a , 0) = a и a = a * 1 + 0 * 0, поэтому полагаем x = 1, y = 0.

void gcdext(int a,int b, int *d, int *x, int *y)

Для ручного выполнения расширенного алгоритма Евклида удобно воспользоваться таблицей с четырьмя столбцами (как показано ниже в примере), соответствующих значениям a , b , x , y . Процесс вычисления разделим на три этапа:

а) Сначала вычислим НОД( a , b ), используя первые два столбца таблицы и соотношение (1). В последней строке в колонке а будет находиться значение d = НОД( a , b ).

б) Занесем значения 1 и 0 соответственно в колонки x и y последней строки.

в) Будем заполнять последовательно строки для колонок x и y снизу вверх. Значения x и y в последнюю строку уже занесены на этапе б). Считая, что в текущей заполненной строке уже находятся значения ( x ’, y ’), мы при помощи формул (2) будем пересчитывать и записывать значения ( x , y ) в соответствующие ячейки выше стоящей строки.

Пример. Расширенный алгоритм Евклида. Найдем решение уравнения 5 x + 3 y = 1. Вычисление НОД(5, 3) и нахождение соответствующих x , y произведем в таблице:

a

y

Порядок и направление вычислений указаны стрелками и буквами.

Из таблицы находим, что НОД(5, 3) = 5 * (-1) + 3 * 2 = 1, то есть x = -1, y = 2.

Рассмотрим, например, как получены значения ( x , y ) для первой строки. Со второй строки берем значения ( x ’, y ’) = (1, -1). По формулам (2) получим:

y = x ’ – y ’ * = 1 – (-1) * = 1 + 1 = 2

Упражнение 2.1. [Вальядолид, 10104]. Задача Евклида. Со времен Евклида известно, что для любых положительных a и b существуют такие целые x и y , что ax + by = d , где d – наибольший общий делитель a и b . По заданным a и b найти x , y , d .

Вход. Каждая строка содержит два числа a и b , разделенных пробелом ( a , b  10 9 ).

Выход. Для каждого теста вывести три числа x , y , d , разделенных пробелом. Если существует несколько пар x и y , то вывести ту пару, для которой x  y и выражение | x | + | y | минимально.

Упражнение 2.2. [Вальядолид, 10673] Игра с округлением вниз и вверх.

Теорема. Для двух целых чисел x и k всегда существуют такие целые p и q , что

x = p + q

По заданным x и k необходимо найти хотя бы одну такую пару p и q .

Вход. Первая строка содержит количество тестов t (1  t  1000). Каждая следующая строка содержит два положительных целых числа x и k ( x , k 8 ).

Выход. Для каждого теста вывести в отдельной строке два числа: p и q . Если таких пар существует несколько, то вывести одну из них. Значения p и q помещаются в 64-битовый целый тип.

3. ЛИНЕЙНЫЕ СРАВНЕНИЯ

Линейным сравнением называется уравнение вида ax = b (mod n ). Оно имеет решение тогда и только тогда, когда b делится на d = НОД( a , n ). Если d > 1, то уравнение можно упростить, заменив его на a ’ x = b ’ (mod n ’), где a ’ = a / d , b ’ = b / d , n ’ = n / d . После такого преобразования числа a ’ и n ’ являются взаимно простыми.

Алгоритм решения уравнения a ’ x = b ’ (mod n ’) со взаимно простыми a ’ и n ’ состоит из двух частей:

1. Решаем уравнение a ’ x = 1 (mod n ’). Для этого при помощи расширенного алгоритма Евклида ищем решение ( x 0 , y 0 ) уравнения a ’ x + n ’ y = 1. Взяв по модулю n ’ последнее равенство, получим a ’ x 0 = 1 (mod n ’).

2. Умножим на b ’ равенство a ’ x 0 = 1 (mod n ’). Получим a ’( b ’ x 0 ) = b ’ (mod n ’), откуда решением исходного уравнения a ’ x = b ’ (mod n ’) будет x = b ’ x 0 (mod n ’).

Лемма. Если НОД( k , m ) = 1, то равенство ak = bk (mod m ) эквивалентно a = b (mod m ).

Доказательство. Из ak = bk (mod m ) следует, что ( a – b ) * k делится на m . Но поскольку k и m взаимно просты, то a – b делится на m , то есть a = b (mod m ).

Пример. Решить уравнение 18 x = 6 (mod 8).

Значение d = НОД(18, 8) = 2 является делителем 6, поэтому решение существует. После упрощения получим уравнение 9 x = 3 (mod 4). Что согласно лемме эквивалентно 3 x = 1 (mod 4). Решая уравнение 3 x + 4 y = 1 с помощью расширенного алгоритма Евклида, получим x = -1, y = 1. Откуда x = -1 (mod 4) = 3. То есть x = 3 будет как решением уравнения 3 x = 1 (mod 4), так и 18 x = 6 (mod 8).

4. ДИОФАНТОВЫ УРАВНЕНИЯ

Диофантовыми уравнениями называются уравнения вида

P ( x 1 , x 2 , . x n ) = 0,

где P ( x 1 , . x n ) – многочлен с целыми коэффициентами.

В этой главе рассмотрим алгоритм нахождения решения линейного диофантового уравнения с двумя неизвестными: a * x + b * y = c .

Теорема 3.1. Уравнение a * x + b * y = c имеет решения в целых числах тогда и только тогда, когда c делится на НОД( a , b ).

Теорема 3.2. Если пара ( x 0 , y 0 ) является решением уравнения ax + by = c , то все множество его решений ( x , y ) описывается формулой:

где k  Z. При этом a ( x + kb ) + b ( y – ka ) = c .

Для нахождения хотя бы одного решения ( x 0 , y 0 ) уравнения ax + by = c следует найти решение ( x ’, y ’) уравнения ax + by = d ( d – наибольший общий делитель чисел a и b ) при помощи расширенного алгоритма Евклида, после чего умножить полученное решение на k = c / d . То есть

Пример 3.1. Найти множество решений уравнения 5* x + 3* y = 7.

1. Уравнение имеет решения, так как d = НОД(5, 3) = 1, 7 делится на 1.

2. Находим решение уравнения 5* x ’ + 3* y ’ = 1 при помощи расширенного алгоритма Евклида (пример 1.2.1): ( x ’, y ’) = (-1, 2).

3. Находим решение ( x 0 , y 0 ) исходного диофантового уравнения:

x 0 = -1 * 7 / 1 = -7,

y 0 = 2 * 7 / 1 = 14

Согласно теореме 1.3.2. множество решений диофантового уравнения имеет вид:

( x , y ) = (-7 + 3* k , 14 – 5* k )

Упражнение 3.1. [Вальядолид, 10548]. Найти правильный размен. В древние времена люди вместо денег обменивались товарами. В наличии имеются два типа товаров: A и B. Покупатель желает приобрести товар на сумму c > 0. Стоимости товаров A и B соответственно равны a и b . Если одно из значений a или b отрицательно, то продавец может этим товаром давать сдачу. Одновременно отрицательными a и b быть не могут. Сколькими способами покупатель может приобрести товар на сумму c , если это возможно?

Вход. Первая строка содержит количество тестов n (0 n a , b и c (0 a |, | b |, | c | 31 ).

Выход. Для каждого теста вывести количество комбинаций, которыми покупатель может приобрести товар ровно на сумму c . Если приобрести товар невозможно, то вывести сообщение “Impossible”. Если число комбинаций бесконечно, то вывести “Infinitely many solutions”.

Infinitely many solutions

5. ОБРАБОТКА СТРОК

В этом разделе мы не будем касаться класса string, а рассмотрим, как обрабатывались строки на языке Си до появления стандартной библиотеки шаблонов.

Строки представляются в памяти компьютера как массив элементов char и объявляются следующим образом:

Первый символ строки доступен как s[0] (нулевой элемент массива), второй символ – как s[1] и так далее. В конце строки всегда стоит символ ‘’ (нуль-символ). То есть строки в Си завершаются нулем. Такой подход позволяет снять ограничения с длины строк. Строка может быть такой длины, какой позволяет память для ее хранения. Символ ‘’ не видим в строковом выражении, но он добавляется как последний элемент при запоминании строки. Например, в объявленную выше строку s можно записать не более 9 букв, а строка “ABC” содержит 4 символа, а не три.

Пример 4.1. Рассмотрим объявление строк и их вывод.

// Объявим две строки s и t. Строку t проинициализируем данными.

char s[10],t[10] = «This»;

//Для вывода строк при помощи функции printf пользуются форматом “%s”:

//Вывести строку можно и при помощи цикла посимвольно:

for(i = 0; t[i]; i++) printf(«%c»,t[i]); printf(«n»);

В случае посимвольного вывода строки цикл продолжается до тех пор, пока очередной выводимый символ не будет иметь ASCII код, равный 0. Однако таким выводом строк, как правило, не пользуются.

Для работы со строками существует набор функций, объявленный в библиотеке . Рассмотрим некоторые из них.

size_t strlen(const char *string)

char *strcpy(char *s1, const char *s2)

Копирует строку s2, включая символ ‘’, в область памяти, начинающейся с адреса s1. Возвращает s1.

char *strcat(char *s1, const char *s2)

Конкатенация строк s1 и s2. Строка s2 дописывается в конец s1.

char *strcpy (char *destination, const char *source);

Копирование строки source в destination.

Пример 4.2. Объявим строку s и найдем ее длину.

printf(«Length of %s is %dn»,s,strlen(s));

Пример 4.3. Создадим строку t , состоящую из 10 копий “abc”.

char s[] = «abc», t[31];

for(i = 0; i Пример 4.4. Присваивать строки, представляющие собой массивы символов, при помощи оператора “=” нельзя. Необходимо копировать содержимое из одной строки в другую при помощи функции strcpy.

char s[10] = «Hello», t[10];

Пример 4. 5 . При чтении строки с помощью формата %s считывается последовательность символов, не содержащая пробелов. Например, если на вход следующей программы подать текст ”This is a cat”, то каждый раз функция scanf будет считывать только одно слово. Цикл повторяется 4 раза (входной текст содержит 4 слова). При этом выводятся слова слитно, так как печать между ними пробела не предусмотрена программой.

for(i = 0; i

char *gets(char *s)

чтение строки в символьный массив s

int puts(const char *s)

вывод строки на консоль

Функция gets читает всю строку в массив s независимо от символов, которые она содержит. То есть если подать на вход текст ”This is a cat”, то функция gets(s) запишет его полностью в массив s, при этом занеся 0 в конец строки.

Пример 4. 6 . Прочитать текст и вывести его на консоль. Длина каждой строки не более 100.

УКАЗАНИЯ К РЕШЕНИЮ УПРАЖНЕНИЙ

Упражнение 1.1. [Вальядолид, 10407]. Простое деление. Из условия задачи следует, что

a 1 = d * r 1 + rest

a 2 = d * r 2 + rest

a k = d * r k + rest

Поскольку d максимально , то НОД( r 1 , r 2 , …, r n ) = 1. Далее имеем:

a 2 – a 1 = d * ( r 2 – r 1 )

a 3 – a 2 = d * ( r 3 – r 2 )

a k – a k -1 = d * ( r k – r k -1 )

Откуда d = НОД(| a 2 – a 1 |, | a 3 – a 2 |, …, | a k – a k -1 |).

Реализация. Основной цикл программы состоит в чтении последовательности чисел и последовательном вычислении значения НОД(| a 2 – a 1 |, | a 3 – a 2 |, …, | a k – a k -1 |).

int gcd(int a, int b)

return (!b) ? a : gcd(b, a % b);

res = abs(a-b); a = b;

Видео:Теория чисел. 6. Методы решения сравнений 1 й степениСкачать

Упражнение 1.2. [Вальядолид, 10717]. Монетный завод. Если a , b , c , d – толщины четырех типов монет, то минимально возможная высота стола, который можно сделать, равна h = НОК( a , b , c , d ). Обозначим через low максимально возможную высоту стола, не большую желаемой величины Height . Тогда low должно делиться на h и быть максимально возможным значением, не большим Height . Отсюда

low = * h

Если вычисленное low равно Height (что возможно в случае когда Height делится на h без остатка), то минимально возможная высота стола more , не меньшая Height , также равна Height . Иначе она равна low + h .

Остается перебрать все возможные четверки толщин номиналов монет и вычислить максимум среди всевозможных low и минимум среди всевозможных more .

Видео:Решение линейных сравнений ax≡b(mod m). Часть 2. (a,m)≠1Скачать

Пример. Рассмотрим набор монет из первого теста, желаемая высота стола равна 1000. Имея 4 монеты с толщинами 50, 100, 200, 400 можно конструировать столы, высоты которых кратны НОК(50, 100, 200, 400) = 400. Искомые высоты столов, которые можно сделать, соответственно равны 800 и 1200.

Реализация. Входные тесты подобраны так, что при решении задачи следует работать с типом unsigned (32 — битовое целое, положительное). Объявим все переменные типа unsigned.

unsigned gcd(unsigned a,unsigned b)

return !a ? b : gcd(b%a,a);

for(i=0;i Height проводим выше описанный алгоритм. Обозначим через Less максимум среди всевозможных low , а через Greater – минимум среди всевозможных more . Проинициализируем их.

Перебираем все возможные четверки номиналов монет x 1 x 2 x 3 x 4 (номиналы монет хранятся соответственно в coins[ x 1], coins[ x2 ], coins[ x 3], coins[ x 4]).

for(x1=0;x1 x 1], coins[ x2 ], coins[ x 3], coins[ x 4]).

g = coins[x1] * coins[x2] / gcd(coins[x1],coins[x2]);

g = g * coins[x3] / gcd(g,coins[x3]);

g = g * coins[x4] / gcd(g,coins[x4]);

Для каждой четверки номиналов пересчитываем значения Less и Greater .

low = Height / g * g;

if (low > Less) Less = low;

if (low != Height) low += g;

if (low Упражнение 2.1. [Вальядолид, 10104]. Задача Евклида. Описание алгоритма приведено в разделе 2.

Реализация. Для решения задачи достаточно прочитать входные данные, вызвать функцию gcdext и напечатать результат.

void gcdext(int a,int b, int *d, int *x, int *y)

while(scanf(«%d %d»,&a,&b) == 2)

Упражнение 2.2. [Вальядолид, 10673]. Игра с округлением вниз и вверх. Если x нацело делится на k , то = = x / k . Выбрав p = 0, q = k , получим: 0 * ( x / k ) + k * ( x / k ) = x . Пусть x не делится на k . Если n = , то m = = n + 1. Поскольку НОД( n , m ) = НОД( n , n + 1) = 1, то исходя из расширенного алгоритма Евклида, существуют такие целые t и u , что 1 = tn + um . Помножив равенство на x , получим x = xtn + xum , откуда p = xt , q = xu .

Видео:Решение матричных уравненийСкачать

Пример. Для первого теста ( x = 5, k = 2) имеет место соотношение:

Видео:Как решать уравнения с модулем или Математический торт с кремом (часть 1) | МатематикаСкачать

5 = 1 * + 1 * = 1*2 + 1*3.

Реализация. При вычислении используем 64-битовый целый тип long long.

typedef long long i64;

i64 tests, x, k, g, t, u;

void gcdext(i64 a,i64 b, i64 *d, i64 *x, i64 *y)

Если k = 0, то устанавливаем p = 0, q = k .

Иначе вычисляем n = , m = и запускаем на числах n и m расширенный алгоритм Евклида. Он находит такие t и u , что 1 = tn + um . Далее вычисляем p = xt , q = xu и выводим результат.

n = (int)floor(1.0 * x / k);

m = (int)ceil(1.0 * x / k);

p = t * x; q = u * x;

Упражнение 3.1. [Вальядолид, 10548]. Найти правильный размен . Если покупатель приобретет x штук товара A и y штук товара B, заплатив при этом сумму c , то получим уравнение ax + by = c . Уравнение имеет решения тогда и только тогда, когда c делится на НОД( a , b ).

Если одно из значений a или b отрицательно, то уравнение ax + by = c имеет бесконечно много решений. Действительно, если ( x 0 , y 0 ) – решение, то пара ( x 0 + kb , y 0 – ka ) будет также решением для любого целого отрицательного k , для которого y 0 – ka  0 (если b k , для которого x 0 + kb  0 (если a a и b положительны, сокращаем a , b , c на их общий делитель и при помощи расширенного алгоритма Евклида находим x ’, y ’, для которых ax ’ + by ’ = 1. Помножив последнее равенство на c и положив x 0 = cx ’ и y 0 = cy ’, получим пару ( x 0 , y 0 ), являющуюся решением уравнения ax + by = c .

Из теоремы 2 следует, что все решения уравнения имеют вид ( x 0 + kb , y 0 – ka ), где k – целое число. Поскольку в задаче решения должны быть неотрицательными, то имеют место следующие неравенства: x 0 + kb  0, y 0 – ka 0. Откуда имеем следующие ограничения: k  , k . Количество решений уравнения ax + by = c , для которых x 0, y  0, равно – + 1.

Пример . Рассмотрим первый тест, где следует найти количество решений уравнения 2 x + 3 y = 17 в целых неотрицательных числах. Числа 2 и 3 взаимно простые, находим x ’и y ’, для которых 2 x ’ + 3 y ’ = 1. Из расширенного алгоритма Евклида имеем: x ’ = -1, y ’ = 1. Помножив их на 17, получим x 0 = 17 x ’ = -17, y 0 = 17 y ’ = 17. Имея частичное решение ( x 0 , y 0 ) = (-17, 17), можно описать множество всех решений исходного уравнения согласно теореме 2: x = -17 + 3 k , y = 17 – 2 k . Они должны быть неотрицательными, следовательно -17 + 3 k  0, y = 17 – 2 k  0. Или то же самое что 3 k  17, 17  2 k . Откуда k  = 6, k  = 8. Объединяя ограничения на k , получим: 6  k  8. То есть существует 3 варианта размена, которые можно получить, подставив в общее решение значения k = 6, 7, 8. Например, при k = 6 получим решение (1, 5), при k = 7 решение (4, 3), а при k = 8 решением будет пара (7, 1).

Для второго теста имеем уравнение 2 x – 3 y = 5. Одним из его решений будет x 0 = 1, y 0 = -1. Все множество решений описывается формулой: x = 1 – 3 k , y = -1 – 2 k . Для всех отрицательных k значения x и y будут положительными и удовлетворять условию задачи.

Для третьего теста решений не существует, так как для любых натуральных x и y значение 10 x + 36 y всегда четно и не может равняться 7 (7 не делится на НОД(10, 36) = 2).

Реализация. При вычислении используем 64-битовый целый тип long long. Для простоты использования переопределим тип long long на i64.

typedef long long i64;

i64 kmin, kmax, res;

i64 gcd(i64 a, i64 b)

return (!a) ? b : gcd(b % a, a);

void gcdext(i64 a,i64 b, i64 *d, i64 *x, i64 *y)

for(i = 0; i d чисел a и b . Если c не делится на d , то выводим сообщении о невозможности произведения размена.

Если a или b отрицательно, то существует бесконечно много вариантов выполнения размена.

if ((a a , b , c на их общий делитель d . Запускаем процедуру расширенного алгоритма Евклида и находим пару ( x , y ) – решение уравнения ax + by = c .

Ищем нижнюю kmin и верхнюю kmax границы для переменной k , откуда и получаем количество решений уравнения ax + by = c . Поскольку a , b , x , y – целые, то чтобы не потерять точность вычислений, помножим дроби – x / b и y / a на действительное число 1.0.

kmin = (i64)ceil(-1.0 * x / b); kmax = (i64)floor(1.0 * y / a);

res = (i64)kmax — kmin + 1;

Если значение res не равно нулю, то выводим его. Иначе печатаем сообщение о том, что произвести размен невозможно.

if (res) printf(«%lldn»,res); else printf(«Impossiblen»);

Видео:Решение биквадратных уравнений. 8 класс.Скачать

Решение уравнений вида ax b mod m

	Кратко о теории чисел.

§1. Основные понятия и теоремы Деление с остатком Наибольший общий делитель Взаимно простые числа Алгоритм Евклида Линейные диофантовы уравнения с двумя неизвестными Простые числа и §2. Цепные дроби Разложение чисел в цепные дроби Вычисление подходящих дробей Свойства подходящих дробей Континуанты. Анализ алгоритма Евклида Еще кое-что о цепных дробях (приближение чисел, периодичность, теорема Эрмита) §3. Важнейшие функции в теории чисел Целая и дробная часть Мультипликативные функции Примеры мультипликативных функций z-функция Римана §4. Теория сравнений Определения и простейшие свойства Полная и приведенная системы вычетов Теорема Эйлера и теорема Ферма Сравнения первой степени Сравнения любой степени по простому модулю Сравнения любой степени по составному модулю Сравнения второй степени. Символ Лежандра Дальнейшие свойства символа Лежандра. Закон взаимности Гаусса §5. Трансцендентные числа Мера и категория на прямой Числа Лиувилля Число e = 2,718281828459045. Число pi = 3,141592653589793. Трансцендентность значений функции e в степени z Литература

Видео:Решение уравнения сравненийСкачать

§4. Теория сравнений

Вступление к следующим трем пунктам.

В следующих трех довольно скучноватых пунктах мы с вами будем рассматривать и учиться решать сравнения с одним неизвестным вида:

где f(x)=a ₀ x n +a ₁ x n-1 +. +a _n-1 x+a _n – многочлен с целыми коэффициентами. Если m не делит a ₀ , то говорят, что n – степень сравнения. Ясно, что если какое-нибудь число х подходит в сравнение, то в это же сравнение подойдет и любое другое число, сравнимое с х по mod m . Запомните хорошенько (спрошу на экзамене!):

Решить сравнение – значит найти все те х , которые удовлетворяют данному сравнению, при этом весь класс чисел по mod m считается за одно решение.

Таким образом, число решений сравнения есть число вычетов из полной системы, которые этому сравнению удовлетворяют.

Пример. Дано сравнение: x 5 +x+1 є 0(mod 7)

Из чисел: 0, 1, 2, 3, 4, 5, 6, этому сравнению удовлетворяют два: x ₁ =2, x ₂ =4. Это означает, что у данного сравнения два решения:

x є 2(mod 7) и x є 4(mod 7) .

Сравнения называются равносильными, если они имеют одинаковые решения – полная аналогия с понятием равносильности уравнений. Однако (забегая вперед, открою приятный секрет), в отличие от алгебраических уравнений, которые частенько неразрешимы в радикалах, сравнение любой степени всегда решается, хотя бы, например, перебором всех вычетов по mod m . Правда, перебор и подстановка всех вычетов — зачастую весьма долгий процесс (особенно, при больших m и n ), но и здесь математики придумали хитроумные наборы инструкций, исполняя которые можно всегда найти все решения данного сравнения любой степени, минуя нудный процесс перебора.

Пункт 19. Сравнения первой степени.

В этом пункте детально рассмотрим только сравнения первой степени вида

оставив более высокие степени на съедение следующим пунктам. Как решать такое сравнение? Рассмотрим два случая.

Случай 1. Пусть а и m взаимно просты. Тогда несократимая дробь m/a сама просится разложиться в цепную дробь:

Эта цепная дробь, разумеется, конечна, так как m/a — рациональное число. Рассмотрим две ее последние подходящие дроби:

.

Вспоминаем (пункт 9) важное свойство числителей и знаменателей подходящих дробей: mQ _n-1 -aP _n-1 =(-1) n . Далее (слагаемое mQ _n-1 , кратное m , можно выкинуть из левой части сравнения):

и единственное решение исходного сравнения есть:

Пример. Решить сравнение 111x є 75(mod 322).

Решение. (111, 322)=1. Включаем алгоритм Евклида:

(В равенствах подчеркнуты неполные частные.) Значит, n=4 , а соответствующая цепная дробь такова:

Посчитаем числители подходящих дробей, составив для этого стандартную таблицу:

Числитель предпоследней подходящей дроби равен 29, следовательно, готовая формула дает ответ: x є (-1) 3 Ч 29 Ч 75 є -2175 є 79(mod 322)

Ох уж эти мне теоретико-числовые рассуждения из разных учебников, продиктованные традицией изложения и необходимостью обязательно использовать ранее изложенную теорию! О чем идет речь в нескольких строках выше? Дано сравнение ax є b(mod m) , где a и m взаимно просты. Ну возьмите вы алгоритм Евклида, найдите те самые пресловутые u , v О Z такие, что au+vm=1 , умножьте это равенство на b : aub+vmb=b , откуда немедленно следует: aub є b(mod m) . Значит решением исходного сравнения является x є ub(mod m) . Собственно, и все. Поворчал.

Случай 2. Пусть (a,m)=d . В этом случае, для разрешимости сравнения ax є b(mod m) необходимо, чтобы d делило b , иначе сравнение вообще выполняться не может. Действительно, ax є b(mod m) бывает тогда, и только тогда, когда ax- b делится на m нацело, т.е. ax- b=t · m ,

t О Z , откуда b=ax- t Ч m , а правая часть последнего равенства кратна d .

Пусть b=db ₁ , a=da ₁ , m=dm ₁ . Тогда обе части сравнения xa ₁ d є b ₁ d(mod m ₁ d) и его модуль поделим на d :

где уже а ₁ и m ₁ взаимно просты. Согласно случаю 1 этого пункта, такое сравнение имеет единственное решение x ₀ :

По исходному модулю m , числа (*) образуют столько решений исходного сравнения, сколько чисел вида (*) содержится в полной системе вычетов: 0,1,2. m-2, m-1 . Очевидно, что из чисел x=x ₀ +t Ч m в полную систему наименьших неотрицательных вычетов попадают только x ₀ , x ₀ +m ₁ , x ₀ +2m ₁ , . x ₀ +(d-1)m ₁ , т.е. всего d чисел. Значит у исходного сравнения имеется d решений.

Подведем итог рассмотренных случаев в виде следующей теоремы

Теорема 1. Пусть (a,m)=d . Если b не делится на d , сравнение ax є b(mod m) не имеет решений. Если b кратно d , сравнение ax є b(mod m) имеет d штук решений.

Пример. Решить сравнение 111x є 75(mod 321) .

Решение. (111,321)=3 , поэтому поделим сравнение и его модуль на 3:

37x є 25(mod 107) и уже (37,107)=1 .

Включаем алгоритм Евклида (как обычно, подчеркнуты неполные частные):

Имеем n=4 и цепная дробь такова:

Таблица для нахождения числителей подходящих дробей:

Значит, x є (-1) 3 Ч 26 Ч 25 є -650(mod 107) є -8(mod 107) є 99(mod 107) .

Три решения исходного сравнения:

x є 99(mod 321), x є 206(mod 321), x є 313(mod 321) ,

и других решений нет.

А теперь я расскажу вам одну поучительную историю. Шли по российской дороге два мальчика. Один из них засмотрелся, упал ножками в открытый канализационный люк и, (О, боже!) – сломал ручку. Второй мальчик оказался хорошим товарищем – он вытащил упавшего мальчика, вытер его, подарил ему новую шариковую ручку и сказал: » Это тебя само провидение наказало за то, что ты всегда решал сравнения первой степени только одним способом. В следующий раз поступай осмотрительнее, – выбирай наилучшую дорогу».

Давайте и мы, чтобы не оказаться в неприятном виде перед своими товарищами, рассмотрим пару других способов решения сравнений первой степени. Эти способы излагаются дальше в виде теорем.

Теорема 2. Пусть m>1, (a,m)=1 Тогда сравнение ax є b(mod m) имеет решение: x є ba j (m)-1 (mod m) .

Доказательство. По теореме Эйлера, имеем: a j (m) є 1(mod m) , следовательно, a Ч ba j (m)-1 є b(mod m) .

Пример. Решить сравнение 7x є 3(mod 10) . Вычисляем:

j (10)=4; x є 3 Ч 7 4-1 (mod 10) є 1029(mod 10) є 9(mod 10) .

Видно, что этот способ решения сравнений хорош (в смысле минимума интеллектуальных затрат на его осуществление), но может потребовать возведения числа а в довольно большую степень, что довольно трудоемко. Для того, чтобы как следует это прочувствовать, возведите самостоятельно число 24789 в степень 46728.

где C _a p – биномиальный коэффициент.

Доказательство непосредственно следует из очевидного сравнения

которое нужно почленно поделить на взаимно простое с модулем число 1 Ч 2 Ч 3 Ч . Ч a-1 .

Пример. Решить сравнение 7x є 2(mod 11) . Вычисляем:

На этом пункт 19 можно было бы и закончить, но невозможно, говоря о решении сравнений первой степени, обойти стороной вопрос о решении систем сравнений первой степени. Дело в том, что умение решать простейшие системы сравнений не только является неотъемлемой частью общечеловеческой культуры, позволяющей гражданину не падать в ямы, расщелины и открытые люки. Такое умение, кроме всего прочего, пригодится нам при изучении сравнений произвольной степени, о которых пойдет речь в следующих пунктах.

Лемма 1 (Китайская теорема об остатках). Пусть дана простейшая система сравнений первой степени:

где m ₁ ,m ₂ . m _k попарно взаимно просты. Пусть, далее, m ₁ m ₂ . m _k =M _s m _s ; M _s M _s С є 1(mod m _s ) (Очевидно, что такое число M _s С всегда можно подобрать хотя бы с помощью алгоритма Евклида, т.к. (m _s ,M _s )=1 ); x ₀ =M ₁ M ₁ С b ₁ +M ₂ M ₂ С b ₂ +. +M _k M _k С b _k . Тогда система (*) равносильна одному сравнению

т.е. набор решений (*) совпадает с набором решений сравнения x є x ₀ (mod m ₁ m ₂ . m _k ) .

Доказательство. Имеем: m _s делит M _j , при s № j. Следовательно, x ₀ є M _s M _s С b _s (mod m _s ) , откуда x ₀ є b _s (mod m _s ) . Это означает, что система (*) равносильна системе

которая, очевидно, в свою очередь, равносильна одному сравнению x є x ₀ (mod m ₁ m ₂ . m _k ) .

Пример. Однажды средний товарищ подошел к умному товарищу и попросил его найти число, которое при делении на 4 дает в остатке 1, при делении на 5 дает в остатке 3, а при делении на 7 дает в остатке 2. Сам средний товарищ искал такое число уже две недели. Умный товарищ тут же составил систему:

которую начал решать, пользуясь леммой 1. Вот его решение:

35 Ч 3 є 1(mod 4)
28 Ч 2 є 1(mod 5)
20 Ч 6 є 1(mod 7)

т.е. M ₁ С =3, M ₂ С =2, M ₃ С =6. Значит x ₀ =35 Ч 3 Ч 1+28 Ч 2 Ч 3+20 Ч 6 Ч 2=513. После этого, по лемме 1, умный товарищ сразу получил ответ:

x є 513(mod 140) є 93(mod 140),

т.е. наименьшее положительное число, которое две недели искал средний товарищ, равно 93. Так умный товарищ в очередной раз помог среднему товарищу.

В следующей лемме, для краткости формулировки, сохранены обозначения леммы 1.

Лемма 2. Если b ₁ ,b ₂ . b _k пробегают полные системы вычетов по модулям m ₁ ,m ₂ . m _k соответственно, то x ₀ пробегает полную систему вычетов по модулю m ₁ m ₂ . m _k .

Доказательство. Действительно, x ₀ =A ₁ b ₁ +A ₂ b ₂ +. +A _k b _k пробегает m ₁ m ₂ . m _k различных значений. Покажем, что все они попарно не сравнимы по модулю m ₁ m ₂ . m _k .

Ну пусть оказалось, что

для каждого s , откуда

Вспомним теперь, что M _s M _s С є 1(mod m _s ) , значит M _s M _s С є 1+m _s Ч t , откуда (M _s M _s С ,m _s )=1 . Разделив теперь обе части сравнения

на число M _s M _s С , взаимно простое с модулем, получим, что b _s є b’ _s (mod m _s ) , т.е. b _s =b’ _s для каждого s .

Итак, x ₀ пробегает m ₁ m ₂ . m _k различных значений, попарно не сравнимых по модулю m ₁ m ₂ . m _k , т.е. полную систему вычетов.

Вот теперь пункт 19 с чистой совестью закончим.

1. Reshite sravneniя:

б) 256x є 179(mod 337);

в) 1215x є 560(mod 2755);

г) 1296x є 1105(mod 2413);

д) 115x є 85(mod 335).

2 . Применив исконно русскую хитринку, решите систему сравнений

3 . Найдите все целые числа, которые при делении на 7 дают в остатке 3, при делении на 11 дают в остатке 5, а при делении на 13 дают в остатке 4 .

4 . Решите систему сравнений

Докажите, что система сравнений

имеет решения тогда и только тогда, когда b ₁ є b ₂ (mod d) . В случае, когда система разрешима, найдите ее решения .

Видео:✓ Сравнение по модулю. Арифметика остатков | Ботай со мной #034 | Борис ТрушинСкачать

Решение сравнений первой степени

Сравнение первой степени с одним неизвестным имеет вид:

f(x) 0 (mod m); f(х) = ах + а_n. (1)

Решить сравнение – значит найти все значения х, ему удовлетворяющие. Два сравнения, которым удовлетворяют одни и те же значения х, называются равносильными.

Если сравнению (1) удовлетворяет какое-либо x = x_1, то (согласно 49) тому же сравнению будут удовлетворять и все числа, сравнимые с x₁, по модулю m: x x₁ (mod m). Весь этот класс чисел считается за одно решение. При таком соглашении можно сделать следующий вывод.

66.Сравнение (1) будет иметь столько решений, сколько вычетов полной системы ему удовлетворяет.

6x – 4 0 (mod 8)

среди чисел 0, 1,2, 3, 4, 5, 6, 7 полной системы вычетов по модулю 8 удовлетворяют два числа: х = 2 и х = 6. Поэтому указанное сравнение имеет два решения:

x 2 (mod 8), х 6 (mod 8).

Сравнение первой степени перенесением свободного члена (с обратным знаком) в правую часть можно привести к виду

ax b (mod m). (2)

Рассмотрим сравнение, удовлетворяющее условию (а, m) = 1.

Согласно 66 наше сравнение имеет столько решений, сколько вычетов полной системы ему удовлетворяет. Но когда x пробегает полную систему вычетов по модулю т, то ах пробегает полную систему вычетов (из 60). Следовательно, при одном и только одном значении х, взятом из полной системы, ах будет сравнимо с b. Итак,

67. При (а, m) = 1 сравнение ax b (mod m) имеет одно решение.

Пусть теперь (a, m) = d > 1. Тогда, чтобы сравнение (2) имело решения, необходимо (из 55), чтобы b делилось на d, иначе сравнение (2) невозможно ни при каком целом х. Предполагая, поэтому b кратным d, положим a = a₁d, b = b₁d, m = m₁d. Тогда сравнение (2) будет равносильно такому (по сокращении на d): a₁x b₁ (mod m), в котором уже (а₁, m₁) = 1, и потому оно будет иметь одно решение по модулю m₁. Пусть х₁ – наименьший неотрицательный вычет этого решения по модулю m_1, тогда все числа х, образующие это решение, найдутся в виде

x x₁(mod m₁). (3)

По модулю же mчисла (3) образуют не одно решение, а больше, именно столько решений, сколько чисел (3) найдется в ряде 0, 1, 2, . m – 1 наименьших неотрицательных вычетов по модулю m. Но сюда попадут следующие числа (3):

т.е. всего d чисел (3); следовательно, сравнение (2) имеет d решений.

68. Пусть (a, m) = d. Сравнение ax b (mod m) невозможно, если b не делится на d. При b, кратном d, сравнение имеет d решений..

69.Способ решения сравнения первой степени, основанный на теории непрерывных дробей:

Разлагая в непрерывную дробь отношение m:а,

и рассматривая две последние подходящие дроби:

согласно свойствам непрерывных дробей (согласно 30) имеем

Итак, сравнение имеет решение

для разыскания, которого достаточно вычислить P_{n – 1} согласно способу, указанному в 30.

Пример. Решим сравнение

111x = 75 (mod 321). (4)

Здесь (111, 321) = 3, причем 75 кратно 3. Поэтому сравнение имеет три решения.

Деля обе части сравнения и модуль на 3, получим сравнение

37x = 25 (mod 107), (5)

которое нам следует сначала решить. Имеем

Значит, в данном случае n = 4, P_n–1 = 26, b = 25, и мы имеем решение сравнения (5) в виде

x –26 ∙ 25 99 (mod 107).

Отсюда решения сравнения (4) представляются так:

х 99; 99 + 107; 99 + 2 ∙ 107 (mod 321),

х º99; 206; 313 (mod 321).

Вычисление обратного элемента по заданному модулю

70.Если целые числа a и n взаимно просты, то существует число a′, удовлетворяющее сравнению a ∙ a′ ≡ 1(mod n). Число a′ называется мультипликативным обратным к a по модулю n и для него используется обозначение a — 1 (mod n).

Вычисление обратных величин по некоторому модулю может быть выполнено решением сравнения первой степени с одним неизвестным, в котором за x принимается число a′.

Чтобы найти решение сравнения

можно воспользоваться алгоритмом Евклида (69) или теоремой Ферма-Эйлера, которая утверждает, что если (a,m) = 1, то

Группы и их свойства

Группы – один из таксономических классов, используемых при классификации математических структур с общими характерными свойствами. Группы имеют две составляющие: множество (G) и операции ( ), определенные на этом множестве.

Понятия множества, элемента и принадлежности являются базисными неопределяемыми понятиями современной математики. Любое множество определяется элементами, входящими в него (которые, в свою очередь, тоже могут быть множествами). Таким образом, мы говорим, что множество определено или задано, если для любого элемента мы можем сказать, принадлежит ли он этому множеству или нет.

Для двух множеств A, B записи B A, B A, B ∩ A, B A, B A, A × B означают соответственно, что B является подмножеством множества A (т.е. любой элемент из B содержится также и в A, например, множество натуральных чисел содержится в множестве действительных чисел; кроме того, всегда A A), B является собственным подмножеством множества A (т.е. B A и B ≠ A), пересечение множеств B и A (т.е. все такие элементы, которые лежат одновременно и в A, и в B, например пересечение целых чисел и положительных действительных чисел есть множество натуральных чисел), объединение множеств B и A (т.е. множество, состоящее из элементов, которые лежат либо в A, либо в B), разность множеств B и A (т.е. множество элементов, которые лежат в B, но не лежат в A), декартово произведение множеств A и B (т.е. множество пар вида (a, b), где a A, b B). Через |A| всегда обозначается мощность множества A, т.е. количество элементов в множестве A.

Операция – это правило, согласно которому любым двум элементам множества G (a и b) ставится в соответствие третий элемент из G: а b.

Множество элементов G с операцией называется группой, если удовлетворяются следующие условия:

1. Ассоциативность: для любых элементов a, b, c G выполняется равенство a (b c) = (a b) c.

2. Единичный элемент: существует такой элемент е G, что при любом a G выполняются равенства a e = e a = a.

3. Обратный элемент: для каждого a G найдется элемент a′ G, удовлетворяющий соотношению a a′ = a′ a = e.

Элемент e из G называется нейтральным элементом группы, а элемент a′ – обратным элементом к a. Обратный элемент обозначается a′ = a — 1 .

Группы, в которых операция коммутативна, то есть для любой пары a, b G выполняется равенство a b = b a, называются коммутативными группами, или абелевыми группами.

Число элементов в группе называется ее порядком.

С точки зрения решения уравнений основное свойство группы в том, что в ней однозначно разрешены уравнения вида:

a x = b

y a = b,

при любых a, b G.

1. Целые, рациональные, действительные, комплексные числа по сложению.

2. Ненулевые рациональные, действительные, комплексные числа по умножению.

📹 Видео

Математика 1 класс. Уравнения Решение уравнений вида а + х = bСкачать

Решение квадратных уравнений. Метод разложения на множители. 8 класс.Скачать

Решение квадратных уравнений. Дискриминант. 8 класс.Скачать

Как решить НЕПОЛНОЕ КВАДРАТНОЕ УРАВНЕНИЕ. Часть 3. Уравнение вида ax^2=0Скачать

ЛИНЕЙНЫЕ УРАВНЕНИЯ - Как решать линейные уравнения // Подготовка к ЕГЭ по МатематикеСкачать

Алгебра 7 класс. Линейное уравнение с одной переменной ax=b.Скачать

Неполные квадратные уравнения. Алгебра, 8 классСкачать

Лекция 8. Решение матричных уравненийСкачать

2 13 Решение матричного уравнения AXB=CСкачать

Решение тригонометрических уравнений. Подготовка к ЕГЭ | Математика TutorOnlineСкачать

Уравнение с модулемСкачать

Решение простых уравнений. Что значит решить уравнение? Как проверить решение уравнения?Скачать